• Ответы На Тесты По Физике
• Тесты По Физика Цт 2011
• Тесты По Физике Онлайн

Во время испытания автомобиля водитель держал постоянную скорость, модуль которой указывает стрелка спидометра, изображённого на рисунке. За промежуток времени ∆t = 6,0 мин автомобиль проехал путь s, равный: 1) 11 км; 2) 13 км; 3) 15 км; 4) 17 км; 5) 19 км. Решение: ∆t = 6,0 мин = 0,1 ч v = 110 км/ч (скорость по стрелке спидометра) s −? Путь s, пройденный автомобилем: s = v∆t. S = 1100,1 = 11 км. А3. Почтовый голубь дважды пролетел путь из пункта А в пункт В, двигаясь с одной и той же скоростью относительно воздуха.

В первом случае, в безветренную погоду, голубь преодолел путь АВ за промежуток времени ∆t₁ = 55 мин. Во втором случае, при попутном ветре, скорость которого была постоянной, голубь пролетел этот путь за промежуток времени ∆t₂ = 40 мин.

Если бы ветер был встречный, то путь АВ голубь пролетел бы за промежуток времени ∆t₃, равный: 1) 60 мин; 2) 76 мин; 3) 88 мин; 4) 92 мин; 5) 96 мин. Решение: t₁ = 55 мин t₂ = 40 мин t₃ −? Пусть S − расстояние от А до В, V − собственная скорость голубя (т.е. Его скорость относительно воздуха), V в − скорость ветра относительно Земли. Имеем систему уравнений: S V = ––, (1) (в безветренную погоду) t₁ S V + V в = ––, (2) (при попутном ветре) t₂ S V - V в = ––.

(3) (при встречном ветре) t₃ Подставляя V из 1-го уравнения во 2-е и 3-е, получим систему уравнений: S S –– + Vв = ––, (2.) t₁ t₂ S S –– - Vв = ––. (3.) t₁ t₃ Чтобы исключить скорость ветра V в, сложим уравнения (2.) и (3.): S S S S 2 1 1 –– + Vв + –– - Vв = –– + –– или –– = –– + ––. Отсюда находим t₃: t₁ t₁ t₂ t₃ t₁ t₂ t₃ t₁t₂ t₃ = ––––––. 2t₂ - t₁ 5540 t₃ = ––––––– = 88 мин. 240 - 55 Ответ: 3.

Онлайн подготовка к ЦТ по Математике, Физике и Русскому. Сборник содержит тестовые задания по физике. → ЦТ по физике; Минск: Аверсэв. Результаты ЦТ по физике в 2014 г. Средний балл участников централизованного тестирования. Jul 8, 2011 - Централизованное тестирование 2011 уже позади, и завтра ВУЗы первого потока начнут прием документов от абитуриентов. На тестировании по химии 100 баллов набрали 5 человек, а 0 баллов – 3 человека (вот здесь общее правило не сработало). Средний балл.

Ответы На Тесты По Физике

На рисунке изображён график зависимости гидростатического давления Р от глубины h для жидкости, плотность ρ которой равна: 1) 1,2 г/см³; 2) 1,1 г/см³; 3) 1,0 г/см³; 4) 0,90 г/см³; 5) 0,80 г/см³. Решение: Р = f ( h ) (по рисунку) ρ −? Зависимость гидростатического давления Р от глубины h для жидкости: Р = ρgh, (1) где g = 10 м/с² − ускорение свободного падения. Из (1) выражаем плотность ρ жидкости ρ = Р/ gh. (1.) Из рисунка для глубины h = 20 см = 0,2 м находим давление Р = 1,8 кПа = 1800 Па. Подставляя эти данные в (1.), получим ρ = 1800/(100,2) = 900 кг/м³ = 0,9 г/см³. А7.

Если абсолютная температура тела Т = 320 К, то его температура t по шкале Цельсия равна: 1) 7 ⁰С; 2) 17 ⁰С; 3) 27 ⁰С; 4) 37 ⁰С; 5) 47 ⁰С. Решение: Т = 320 К t −? Связь между абсолютной температурой тела Т и его температурой t по шкале Цельсия: T = t + 273, отсюда t = T - 273. T = 320 - 273 = 47 ⁰С. На P −Т- диаграмме изображены различные состояния одного моля идеального газа.

Состояние, соответствующее наименьшей температуре Т газа, обозначено цифрой: 1) 1; 2) 2; 3) 3; 4) 4; 5) 5. Решение: Абсцисса точки, изображённой на диаграмме, равна температуре Т газа в данной точке. Очевидно, у точки 5 наименьшая абсцисса и, следовательно, наименьшая температура Т газа. А9. Идеальный газ, число молекул которого N = 5,0010²³, находится в баллоне вместимостью V = 5,00 м³. Если температура газа Т = 305 К, то давление Р газа на стенки баллона равно: 1) 980 Па; 2) 760 Па; 3) 421 Па; 4) 340 Па; 5) 280 Па. Решение: N = 510²³ V = 5 м³ Т = 305 К k = 1,3810⁻²³ Дж/К (постоянная Больцмана) Р −?

Воспользуемся формулой для давления Р идеального газа: P = nkT, (1) где n = N / V − концентрация газа. Тогда (1) примет вид: P = ( N / V ) kT. P = (510²³/5)1,3810⁻²³305 = 420,9 ≈ 421 Па. А10. В паспорте электродвигателя приведены следующие технические характеристики: 1) 70%; 4) 380 В; 2) 50 Гц; 5) 6,8 А.

3) 2,2 кВт; Коэффициент полезного действия электродвигателя указан в строке, номер которой: 1) 1; 2) 2; 3) 3; 4) 4; 5) 5. Решение: Коэффициент полезного действия (КПД) определяется в процентах (%). График зависимости энергии W конденсатора от его заряда q представлен на рисунке. Ёмкость конденсатора С равна: 1) 30 мкФ; 2) 25 мкФ; 3) 20 мкФ; 4) 15 мкФ; 5) 10 мкФ. Решение: q = 1 мКл = 10⁻³ Кл (берём из рисунка) W = 20 мДж = 2010⁻³ Дж (берём из рисунка) С −?

Формула для энергии W конденсатора: W = q ²/(2 C ), отсюда C = q ²/(2 W ). C = (10⁻³)²/(22010⁻³) = 2510⁻⁶ Ф = 25 мкФ. Идеальный миллиамперметр, изображённый на рисунке, и резистор соединены последовательно и подключены к источнику постоянного тока. Если напряжение на резисторе U = 36 В, то его сопротивление R равно: 1) 26 Ом; 2) 0,36 кОм; 3) 1,4 кОм; 4) 1,6 кОм; 5) 3,6 кОм.

Решение: I = 26 мА = 2610⁻³ А (сила тока по показаниям миллиамперметра на рисунке) U = 36 В R −? Закон Ома для участка цепи: I = U / R, отсюда R = U / I. R = 36/(2610⁻³) ≈ 1385 Ом ≈ 1,410³ Ом = 1,4 кОм.

А14. В катушке, индуктивность которой L = 0,05 Гн, произошло равномерное уменьшение силы тока от I ₁ = 3,5 А до I ₂ за промежуток времени ∆ t = 0,05. Если при этом в катушке возникла ЭДС самоиндукции E si = 2,5 В, то сила тока I ₂ равна: 1) 0,5 А; 2) 1,0 А; 3) 1,5 А; 4) 2,0 А; 5) 2,5 А. Решение: L = 0,05 Гн I ₁ = 3,5 А ∆ t = 0,05 с E si = 2,5 В I ₂ −? ЭДС самоиндукции E si определяется формулой: ∆ I E si = − L –––, (1) ∆ t где ∆ I = I ₂ - I ₁ − изменение силы тока за промежуток времени ∆ t. Тогда (1) примет вид ( I ₂ - I ₁) E si = − L ––––––, отсюда ∆ t E si ∆ t I ₂ = I ₁ − ––––––.

L 2,50,05 I₂ = 3,5 − ––––––– = 1 A. 0,05 I₂ = 1 A. А − амплитуда волны (расстояние по вертикали от оси Ох до максимума волны). Λ ₁ = λ ₂ = 6 клеток (см. (.) А₁ = 1 клетка (см.

Рис.1) А₂ = 2 клетки (см. Следовательно, А₁. На диаграмме показаны переходы атома водорода между различными энергетическими состояниями. Излучение с наибольшей длиной волны λ атом испускает при переходе, обозначенном цифрой: 1) 1; 2) 2; 3) 3; 4) 4; 5) 5. Решение: Атом испускает фотон при переходе с высшего энергетического состояния E n на низшее энергетическое состояние E m. При этом стрелка перехода направлена вниз (на рис.

Обозначены цифрами 1 и 4). При этом справедлива формула: E n - E m = hν, (1) где h − постоянная Планка, ν − частота излучаемого кванта. Связь длины волны λ кванта с его частотой ν: ν = c / λ. (с − скорость света в вакууме) Тогда (1) примет вид: hc E n - E m = ––––, отсюда λ hc λ = –––––––.

(2) ( E n - E m ) Из (2) ясно, что наибольшей длине волны λ max испускания соответствует минимальная разность энергетических уровней перехода (минимальная длина стрелки, направленной вниз): min ( E n - E m ) = E ₂ - E ₁. Разности энергетических уровней E ₂ - E ₁ соответствует переход E ₂ – E ₁, обозначенный на рисунке цифрой 4.

А18. Ядро изотопа ванадия состоит из: 1) 51 протона и 51 нейтрона; 2) 23 протонов и 23 нейтронов; 3) 23 протонов и 28 нейтронов; 4) 28 протонов и 23 нейтронов; 5) 14 протонов и 14 нейтронов. Решение: Ядро изотопа обозначается.

Где X − символ химического элемента; A − массовое число; Z − количество протонов в ядре (порядковый номер элемента). Связь массового числа А с количеством протонов Z и количеством нейтронов N в ядре: A = Z + N. (1) Имеем А = 51, Z = 23.

Тогда из (1) находим количество нейтронов N в ядре ванадия N = A - Z; N = 51 - 23 = 28. Итак, данное ядро изотопа ванадия состоит из Z = 23 протонов и N = 28 нейтронов. B 1. Тело, которое падало без начальной скорости ( V ₀ = 0 м/с) с некоторой высоты, за последние две секунды движения прошло путь s = 100 м. Высота h, с которой тело упало, равна м. Решение: V ₀ = 0 м/с τ = 2 с s = 100 м h −? Направим ось OY вверх (см.

Уравнение движения тела в проекции на ось OY: y = y ₀ + V ₀ y t + g y t ²/2, (1) где y ₀ = h − начальная координата тела, V ₀ y = V ₀ = 0 − проекция на ось OY начальной скорости тела, g y = - g − проекция на ось OY ускорения свободного падения тела, t − время движения тела. Тогда (1) примет вид y = h - gt ²/2, (1.) Пусть t п − время падения тела, В точке А имеем: координата тела y = s, время движения тела t = t п - τ. Подставим всё в (1.): s = h - g ( t п - τ )²/2. (2) В точке О имеем: координата тела y = 0, время движения тела t = t п.

Подставим всё в (1.): 0 = h - gt п²/2. (3) Уравнения (2), (3) образуют систему с двумя неизвестными h и t п. Из (3) выразим h: h = gt п²/2 (.) и подставим в (2) s = gt п²/2 - g ( t п - τ )²/2 или s = gt п²/2 - g ( t п² - 2 t п τ + τ ²)/2 или s = gt п²/2 - gt п²/2 + gt п τ - gτ ²/2 или s = gt п τ - gτ ²/2, отсюда t п = s / gτ + τ /2 и подставим в (.). Где F A = ρ б gV погр − модуль силы Архимеда, V погр = Sh погр − объём погружённой в бензин части цилиндра, S − площадь основания цилиндра. Эти силы уравновешивают друг друга. Условие равновесия: mg = F A или mg = ρ б gV погр или m = ρ б Sh погр или m = ρ б Shh погр/ h, отсюда, с учётом V = Sh − объём цилиндра, имеем m = ρ б V ( h погр/ h ).

M = 7000,036(5/6) = 21 кг. B 4.

Два маленьких шарика массами m ₁ = 30 г и m ₂ = 15 г подвешены на невесомых нерастяжимых нитях одинаковой длины l так, что поверхности шариков соприкасаются. Первый шарик сначала отклонили таким образом, что нить составила с вертикалью угол α = 60⁰, а затем отпустили без начальной скорости. Если после неупругого столкновения шарики стали двигаться как единое целое и максимальная высота, на которую они поднялись, h max = 10 см, то длина l нити равна см.

Решение: m ₁ = 0,03 кг m ₂ = 0,015 кг α = 60⁰ V ₀ = 0 h max = 0,1 м l −? После отклонения 1-й шарик подняли на высоту h ₁ (см. Рис.) h ₁ = СВ = ОВ - ОС = l - lcosα = l (1 - cosα ). (1) Закон сохранения механической энергии для 1-го шарика m ₁ gh ₁ = m ₁ V ₁²/2, отсюда скорость 1-го шарика V ₁ перед столкновением со 2-ым шариком V ₁² = 2 gh ₁ или, с учётом (1), V ₁² = 2 gl (1 - cosα ). Закон сохранения импульса для двух шаров (в проекции на ось ОХ) m ₁ V ₁ = ( m ₁ + m ₂) V, отсюда скорость слипшихся шариков V сразу после столкновения V = m ₁ V ₁/( m ₁ + m ₂), отсюда квадрат скорости V ² = m ₁² V ₁²/( m ₁ + m ₂)². Подставляя сюда V ₁² из (2), получим V ² = m ₁²2 gl (1 - cosα )/( m ₁ + m ₂)². Закон сохранения механической энергии для слипшихся шаров ( m ₁ + m ₂) V ²/2 = ( m ₁ + m ₂) gh max или V ² = 2 gh max или, с учётом (3), m ₁²2 gl (1 - cosα )/( m ₁ + m ₂)² = 2 gh max, отсюда ( m ₁ + m ₂)² h max l = ––––––––– ––––––––.

M₁² 1 - cosα (0,03 + 0,015)² 0,1 (0,03 + 0,015)² 0,1 l = ––––––––––––– –––––––– = ––––––––––––– –––––– = 0,45 м = 45 см. 0,03² 1 - cos60⁰ 0,03² 1 - 0,5 Ответ: 45. B 5. Идеальный одноатомный газ, масса которого m = 6,00 кг, находится в сосуде под давлением P = 2,0010⁵ Па.

Если вместимость сосуда V = 3,60 м³, то средняя квадратичная скорость движения молекул газа равна м/с. Решение: m = 6 кг P = 210⁵ Па V = 3,6 м³ −? Формула для средней квадратичной скорости. B 6. Микроволновая печь потребляет электрическую мощность Р = 1,5 кВт. Если коэффициент полезного действия печи η = 56%, то вода ( с = 4,2 кДж/(кг⁰С) ) массой m = 0,36 кг за промежуток времени ∆ τ = 54 с нагреется от температуры t ₁ = 18 ⁰С до температуры t ₂, равной ⁰С.

Тесты По Физика Цт 2011

Решение: Р = 1500 Вт η = 0,56 с = 4200 Дж/(кг⁰С) m = 0,36 кг ∆ τ = 54 с t ₁ = 18 ⁰С t ₂ −? Коэффициент полезного действия печи: η = P пол/ P затр, (1) где P пол = Q /∆ τ − полезная электрическая мощность, P затр = Р − затраченная электрическая мощность, Q = mc ( t ₂ - t ₁) − количество теплоты, необходимого для нагревания воды массой m за промежуток времени ∆ τ от температуры t ₁ до температуры t ₂. Тогда (1) примет вид η = ( Q /∆ τ )/ P или mc ( t ₂ - t ₁) η = –––––––––, отсюда ∆ τ P ∆ τ Pη t ₂ = t ₁ + ––––––. Mc 5415000,56 t₂ = 18 + ––––––––––– = 48 ⁰С. 0,364200 Ответ: 48. B 7.

Идеальный одноатомный газ, количество вещества ν которого оставалось постоянным, при изобарном нагревании получил количество теплоты Q = 12 кДж, при этом объём газа увеличился в k = 1,2 раза. Если начальная температура газа t ₁ = 15 ⁰С, то количество вещества ν равно моль. Решение: ν = const P = const (изобарный процесс) Q = 12 000 Дж V ₂ = kV ₁ (.) k = 1,2 t ₁ = 15 ⁰С R = 8,31 Дж/(мольК) − универсальная газовая постоянная ν −? Начальная температура T ₁ газа по шкале Кельвина равна T ₁ = t ₁ + 273 = 15 + 273 = 288 К.

Первый закон термодинамики при изобарном процессе: Q = ∆ U + A, (1) где ∆ U = (3/2) νR ( T ₂ - T ₁) − изменение внутренней энергии газа при нагревании его от температуры T ₁ до температуры T ₂, A = νR ( T ₂ - T ₁) − совершённая газом работа. Тогда (1) примет вид Q = (3/2) νR ( T ₂ - T ₁) + νR ( T ₂ - T ₁) или Q = (5/2) νR ( T ₂ - T ₁). (1.) Уравнение изобарного процесса ( P = const ): V ₁/ T ₁ = V ₂/ T ₂ или, с учётом (.), V ₁/ T ₁ = kV ₁/ T ₂, отсюда T ₂ = kT ₁ и подставим в (1.) Q = (5/2) νR ( kT ₁ - T ₁), отсюда 2 Q ν = –––––––––.

Тесты По Физике Онлайн

5RT₁(k - 1) 212 000 ν = –––––––––––––––– ≈ 10,028 ≈ 10 моль. 58,31288(1,2 - 1) Ответ: 10.

B 8. На горизонтальной поверхности Земли стоит мальчик, возле ног которого лежит маленькое плоское зеркало. Глаза мальчика находятся на уровне H = 1,5 м от поверхности Земли. Если угол падения солнечных лучей на горизонтальную поверхность α = 60⁰, то мальчик увидит отражение Солнца в зеркале, когда он отойдёт от зеркала на расстояние l, равное дм. Решение: H = 1,5 м угол COD = α = 60⁰ (угол падения) l −? Показан ход солнечных лучей: О − зеркало, С − Солнце, CO − падающий луч, OA − отражённый луч, А − глаза мальчика. По закону отражения угол отражения AOD равен углу падения: угол AOD = угол COD = α.

Угол BAO = угол AOD = α − внутренние накрест лежащие углы для AB DO и секущей AO. Из прямоугольного ∆ АОВ имеем: tgα = BO / AB = l / H, отсюда l = H tgα.

L = 1,5tg60⁰ = = 1,51,73 = 2,595 м = 25,95 дм ≈ 26 дм. B 9.

Двадцать одинаковых ламп, соединённых параллельно, подключили к источнику постоянного тока с ЭДС E = 120 В и внутренним сопротивлением r = 0,60 Ом. Если сопротивление одной лампы R ₁ = 36 Ом, то напряжение U на клеммах источника тока равно В. Решение: n = 20 E = 120 В r = 0,6 Ом R ₁ = 36 Ом U −? Напряжение U на клеммах источника тока U = IR, (1) где I − сила тока в цепи; R = R ₁/ n − внешнее сопротивление цепи из n одинаковых ламп, соединённых параллельно.

По закону Ома для полной цепи имеем E I = ––––. R + r Тогда (1) примет вид ER U = ––––.

R + r Подставляя R = R ₁/ n, получим E ( R ₁/ n ) U = –––––– или, после упрощения, R ₁/ n + r ER ₁ U = ––––––. R₁ + nr 12036 U = ––––––––– = 90 В. 36 + 200,6 Ответ: 90.

На проводник с током I со стороны магнитного поля. Направление силы Ампера определено по правилу левой руки (рис. 2): четыре вытянутых пальца направляют по току I, в ладонь входит вектор магнитной индукции, а отогнутый на 90⁰ большой палец показывает направление вектора силы Ампера. Условие равновесия для проводника с током: 2 F н2 = mg + F A. (1) Модуль силы Ампера F A = BILsinα. Тогда (1) примет вид 2 F н2 = mg + BILsinα. Ток не включён.

Когда тока нет ( I = 0), то условие равновесия (2) примет вид (в (2) заменяем силу натяжения F н2 на F н, где F н − сила натяжения нитей без тока): 2 F н = mg. (3) С учётом (.), условие (2) примет вид 32 F н = mg + BILsinα.

С учётом (3), получим 3 mg = mg + BILsinα или 2 mg = BILsinα, отсюда 2 mg I = ––––––. BLsinα 20,0110 20,0110 I = –––––––––––– = ––––––––– = 2 А. 0,20,5sin90⁰ 0,20,51 Ответ: 2. B 11. К источнику переменного тока, напряжение на клеммах которого изменяется по гармоническому закону, подключена электрическая плитка, потребляющая мощность Р = 350 Вт. Если действующее значение силы тока в цепи I Д = 9,0 А, то амплитудное значение напряжения U 0 на плитке равно В. Решение: Р = 350 Вт I Д = 9 А U 0 −?

Потребляемая мощность Р электрической плитки P = I Д U Д, (1) где − действующее значение напряжения на плитке. Тогда (1) примет вид.

3501,41 U 0 = –––––––– ≈ 54,83 ≈ 55 В. B 12. Маленькая заряжённая бусинка массой m = 1,2 г может свободно скользить по оси, проходящей через центр тонкого незакреплённого кольца перпендикулярно его плоскости.

По кольцу, масса которого М = 3,0 г и радиус R = 35 см, равномерно распределён заряд Q = 3,0 мкКл. В начальный момент времени кольцо покоилось, а бусинке, находящейся на большом расстоянии от кольца, сообщили скорость, модуль которой V ₀ = 1,8 м/с. Максимальный заряд бусинки q max, при котором она сможет пролететь сквозь кольцо, равен нКл.